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Luogu LOJ 分析 先考虑一个贪心。我们把 $d_i$ 从大到小排序,那么每个子树都对应一段区间,我们把儿子按照编号排序,然后把区间依次划分下去即可。 这样子只能通过所有 $d_i$ 互不相同的点,原因是在 $d_i$ 相同时可以通过一些交换使得编号小的点的 $d_i$ 变大。 考虑修正这个贪心。我们维护 $c_i$ 表示 $\leq d_i$ 的可用的难度的个数,那么节点 $u$ 只...
Luogu LOJ 分析 问题相当于选出恰好 $k+1$ 条点不相交的路径使得权值和最大,这里 $1$ 个点也算一条路径。 先考虑一个朴素 DP。设 $dp_{i,j,0/1/2}$ 表示以 $i$ 为根的子树、选了 $j$ 条路径、$i$ 的度数为 $0/1/2$ 的最大权值和,转移讨论各种情况把子树合并进来即可。 设 $f(k)$ 为选恰好 $k$ 条点不交路径时的最大权值和,通过打表或...
Luogu LOJ 分析 首先容斥一下,求出三段都不包含 $s_{l..r}$ 的方案数,然后用 ${n-1\choose 2}$ 减掉即为答案。 我们先把所有和 $s_{l..r}$ 相等的子串位置都找到,然后分类讨论一下: 如果有三个互不相交的串,方案数是 $0$。 如果最左边的串和最右边的串相交: 考虑 $i$ 的位置: 如果 $i\in[1,l_1)$,那么 $j\in(l_m,...
Luogu UOJ 分析 考虑对每棵子树计算其 SG 函数值,即为每种删除情况得到的若干棵子树的 SG 函数的异或和的 mex。 于是我们要想办法求出每种选择情况得到的 SG 函数异或和的集合。 如果选择根节点,得到的就是它的每棵子树,子局面的 SG 函数值即为每棵子树的 SG 函数值的异或和。 如果选择了某棵子树中的节点,那么相当于这棵子树的 SG 函数异或和的集合异或上了其它子树 SG ...
Luogu LOJ 分析 首先把第 $k$ 大转化掉: 不妨再设一个 $g_{i,j,k}$ 表示子树 $f_{i,j,k}$ 的和,并设 $G_{i,j}(x)=\sum_k g_{i,j,k}x^k$。答案即为 $\sum_{i=k}^n[x^i](\sum_j G_{1,j})$。 看起来这个转移并没有什么可以优化的地方。但是 $F_{i,j}$ 和 $G_{i,j}$ 的最高次项都...
Luogu LOJ 分析 容易想到一个图论模型,即从每个 A 类串向它所支配的 B 类串连边,从每个 B 类串向以它为前缀的 A 类串连边,并将所有 A 类串的权值设为长度。这样问题变为求最长路,如果有环输出 -1。 第一类边可以直接连,但第二类边暴力连显然不行,考虑一些优化。 对反串建 SAM,此时 Parent 树上每个点的祖先都是它的前缀,于是我们只需要将树上每个 B 类串对应的节点向...
Luogu LOJ 分析 走的路径应满足起点、终点的度数为奇数、其它点的度数为偶数,这个条件长得很像欧拉回路。 我们首先把 $m$ 条关键边连上,然后再在起点、终点间连一条边。这样子会有一些度数为奇数的点,显然相邻的两个间连一条边是最优的。这样子满足了度数限制。 但是我们还需要让图连通。我们把所有连通块缩成一个点,然后求最小生成树,那么可以花费最小生成树上边权和的两倍的代价让图连通起来。 时...
下一站,就是终点了吧?
Codeforces 分析 先判掉只有一种数的情况,答案显然为 $0$。 再判掉原序列中有两种出现次数都是最多的数的情况,答案显然为 $n$。 那么现在出现次数最多的数唯一。找到这个数,设为 $x$,那么有结论:答案段出现次数最多的数一定是 $x$。 这是因为如果某一段出现次数最多的数不是 $x$,那么我们可以每次把这一段增长 $1$,根据介值定理,此过程中一定会有 $x$ 的出现次数等于原...
Codeforces Luogu 分析 考虑枚举一个分界点,如果左边的 ( 和右边的 ) 相等,那么深度就是左边的 ( 数。 设 $l$ 为左边的 ( 数、$f$ 为左边的 ? 数、$r$ 为右边的 ) 数、$g$ 为右边的 ? 数,枚举深度,方案数为 时间复杂度 $\mathcal{O}(n)$。 代码 // ==================================== //...